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2014年数学跟章练习答案
2013/8/29 17:23:19 浏览次数:2888 返回
第一章【答案】1.仿真练习 1. 2. 3. 4. 5. 6.B 7.A 8.C 9.B 10.D 11.C 12.B 13.A 14.A 15.A 16.D 17.定义域x≥3,间断点为x=1且为第二类无穷断点。 18. 则. 19.原式= 20.原式 21. 原式= 22. 23. 24. 由得,25. ,,,, Y由连续性可知, 26.(1)间断点为x=0,,x=0为第一类跳跃型间断。(2)间断点为均为第一类跳跃型间断点。(3)间断点为.不存在,为第二类间断点;对于时,,为可去间断;当时,,第二类间断点;,,x=0为第一类跳跃型间断。27.令 则在上连续,且 ,由闭区间上连续函数的介值定理知,在上至少存在一点使.28.令 则在上连续,且,或成立,那么就相应的有或1否则可假设 ,则有闭区间上的连续函数介值定理可知,在(0,1)上存在一点,使。综上所述,得到题设结论29.证明: 则在上连续,且, 故由连续函数介值定理得到存在使得即完成命题。30.证明: 任取一点,若,即为所求,否则不妨假设,即, 现在考虑区间在此区间内由已知条件知连续, 且, 故由连续函数介值定理知在存在一点使得,命题得证。2.历年真题 1.C 2. x=-1是第二类无穷间断点; x=0是第一类跳跃间断点; x=1是第一类可去间断点 3.A 4.D 5.原式 6. x=1是的间断点,,,x=1是的第一类跳跃点。7.证明:令,,,因为在(0,1)内连续,故在(0,1)内至少存在一个实数,使得又因为在(0,1)内大于零,所以在(0,1)内单调递增,所以在(0,1)内有且仅有一个实根。8.B 9. 10.间断点为,当x=0时,为可去间断点; 当时,为第二类间断点。11.A第二章答案: 1. 2. 3. 4. 5. 6. 7. 水平渐进;垂直渐进;8、B 9、A 10、C 11、D 12、C 13、C 14、C 15、A 16、C 17、B 18、B19.原式20. 21. 22. 23. 24. 25. 故26. 27. 28. 29.30.31. 32. 33.
34.解 不存在,即不可导可知,时,取极小值35.解:平均成本 (负号舍去),所以当时,的最小值(万元/单位)36.解:设销售量为百台,利润函数,由得。计算由此可得所以每年生产3百万台时总利润最大。37.解:利润函数 得此时(元/台)。38.解:由得,当时不存在,端点计算比较上述函数值,故。39.证明:得到所以 ,得证。40.令 ,有,,对于,成立,故,继而严格单调递增,故即即令由于所以,即,即在时严格单调上升,故即即综合可得:对成立41.令在区间上连续可导,由拉格朗日定理知使得,所以,即原式成立。2.历年真题1.B2. 23. 4. 15.解:(1)“过原点的切线平行于”(2)“在处取得极值”(连续、可导)所以由于,得6.(1)(2)由于具有二阶连续导数,,及可知7.C 8.B 9.B 10. 1 11. 12. 113.(1) (2)14.证明:,因为,所以是偶函数,我们只需要考虑区间,考虑,,在时,>0,即表明在单调递增,所以函数在内严格单调递增;在时,<0,即表明在单调递减,又因为,说明在单调递增。综上所述,的最小值是当时,因为,所以在内满足。15.(1)设生产件产品时,平均成本最小,则平均成本,(件) (2)设生产件产品时,企业可获最大利润,则最大利润,此时利润(元)。16.B 17.C 18.C 19. 20 21. 22、证明:令<0,>0,因为在内连续,故在内至少存在一个实数,使得。又因为在内大于零,所以在内单调递增,所以在内有且仅有一个实根。23、解:设圆柱形底面半径为,高为,侧面单位面积造价为,则有由(1)得代入(2)得:,令,得,此时圆柱高所以当圆柱底面半径,高时造价最低。24. C 25. 26. 代入原方程得,对原方程求导得,对上式在求导得:;将代入上式,解得:。27.设污水厂建在河岸离甲城公里处,则,,解得(公里),唯一驻点,即为所求。28. C 29. 2 30. 31.解:因为在处连续,所以,故。32.解: 33.证明:令,且>0,<0,由闭区间连续函数零点定理知,在上至少有一实根。反证法:设有两零点<<<,在可导,连续,且,故在满足罗尔定理,存在使得,这与<矛盾,解的唯一性得证。34.设所求函数为,则有。由得,即因为所以,由,解得。故,由,解得。所求函数为。第三章【答案】1. 仿真练习不定积分1. 2. 3. 4.5.原式=6.原式7.原式 8.原式9. 10. 11.12.13.14.证明: 15. 16.原式定积分1. 2.3. A 4.D 5.D6.设 7.8.原式9.原式 10.当时,
11.原式 12.原式13.令,则原式即14.解:(1) 切线方程为 (2)故 S 15.解:(1)(2)16. 右极值点为 右极值点切线为x轴,当时,解得: ,得到于是 17. 又在上连续且则 又因为在闭区间上连续,故由闭区间上连续函数的介值定理知,在使得即在上有零点,又即是严格单调递增函数,故在(0,1)内只有一个零点.18.左右19.证明:因为在内单调增加,故所以故证毕。20.(1) (2)21. ,即处连续。 22. 证明:令上可导,又即,故在区间满足罗氏定理条件故存在,使得即2. 历年真题不定积分部分1.D 2. 3.A 4. 5.C 6. 7.8.9. D10.原式 定积分部分1. D 2. 3. 4.5.(1)由已知条件,可设切线方程: (2)将切线方程与抛物线方程联立,消去y,得: (3)由于切点是唯一的交点,上述关于x的方程必须有重根,即: (负号舍去) 得切线方程为: (4)解出切点坐标(3,1),沿y轴积分,则所求面积 (5).该平面图形分别绕x,y轴旋转一周的体积: 6. A 7.B 8.09.解:令所以10.11. (1) (2)12.0 13.原式=14.(1)切线方程:y=4 (2) (3)15. B16. 原式 .17.18.证明:令, , 故,证毕。19.20. 原式 21. (1)(2) 第四章【答案】1.仿真练习1.2.3.4、C 5、C6. 解:设方程为, 即,由于垂直于,故解得,即平面的方程为,7. 2.历年真题1.A 2.B 3.D 4. 5. 56. 平面点法式方程为即第五章【答案】1. 仿真练习1. 2. 3.4.5.6. B 7.B8. 9.原式== ===10.,同理+11. 原式=== ==12., 13. 2.历年真题1.+ 2.3.原式=4.5.,6原式=7. 8.9.10. 11.+12. 13.原式= =14. A 15.16. 17.解: 积分区域D为: (1) F(u)= (2) (2-1)f(2)=f(2)=1第六章【答案】1.仿真练习1. P >3; 2. 3. A 4.B 5.C 6.C 7.A 8.B 9.B10.解: 由于故发散,即不绝对收敛。为交错级数且单调减少且趋于零,由莱布尼兹法则知,原级数条件收敛。11. 令, ,当y=2时,发散,所以原级数收敛区域为。12. 当,故原级数发散,当p=1时,条件收敛当p>1时,,对于,所以绝对收敛。13.分别将在区间(0,x)上积分得: 所以 14.当0<a<1时,,发散;当a=1时,,发散;当a>1时,<,而收敛。1. 历年真题1.B2.解: 收敛区间(-4<R<4)3.(-1,3) 4.5.C 6.(-1,1)。7.解:, 收敛区间为-1<x<1。第七章【答案】1.仿真练习1.一阶 2. 3.4.A 5. 原方程解为6.(1) (2) 代入得 7.(1)令(2)积分得积分8.求导得:9.特征根,方程为 通解 特解2.历年真题1.2. 3. C 4. 5. 6.B 7. 8. D 9. 等式两边求导得 所以 10. 通解为 因为 故特解为
拐点 | 极小值 | 拐点 |
11.原式 12.原式13.令,则原式即14.解:(1) 切线方程为 (2)故 S 15.解:(1)(2)16. 右极值点为 右极值点切线为x轴,当时,解得: ,得到于是 17. 又在上连续且则 又因为在闭区间上连续,故由闭区间上连续函数的介值定理知,在使得即在上有零点,又即是严格单调递增函数,故在(0,1)内只有一个零点.18.左右19.证明:因为在内单调增加,故所以故证毕。20.(1) (2)21. ,即处连续。 22. 证明:令上可导,又即,故在区间满足罗氏定理条件故存在,使得即2. 历年真题不定积分部分1.D 2. 3.A 4. 5.C 6. 7.8.9. D10.原式 定积分部分1. D 2. 3. 4.5.(1)由已知条件,可设切线方程: (2)将切线方程与抛物线方程联立,消去y,得: (3)由于切点是唯一的交点,上述关于x的方程必须有重根,即: (负号舍去) 得切线方程为: (4)解出切点坐标(3,1),沿y轴积分,则所求面积 (5).该平面图形分别绕x,y轴旋转一周的体积: 6. A 7.B 8.09.解:令所以10.11. (1) (2)12.0 13.原式=14.(1)切线方程:y=4 (2) (3)15. B16. 原式 .17.18.证明:令, , 故,证毕。19.20. 原式 21. (1)(2) 第四章【答案】1.仿真练习1.2.3.4、C 5、C6. 解:设方程为, 即,由于垂直于,故解得,即平面的方程为,7. 2.历年真题1.A 2.B 3.D 4. 5. 56. 平面点法式方程为即第五章【答案】1. 仿真练习1. 2. 3.4.5.6. B 7.B8. 9.原式== ===10.,同理+11. 原式=== ==12., 13. 2.历年真题1.+ 2.3.原式=4.5.,6原式=7. 8.9.10. 11.+12. 13.原式= =14. A 15.16. 17.解: 积分区域D为: (1) F(u)= (2) (2-1)f(2)=f(2)=1第六章【答案】1.仿真练习1. P >3; 2. 3. A 4.B 5.C 6.C 7.A 8.B 9.B10.解: 由于故发散,即不绝对收敛。为交错级数且单调减少且趋于零,由莱布尼兹法则知,原级数条件收敛。11. 令, ,当y=2时,发散,所以原级数收敛区域为。12. 当,故原级数发散,当p=1时,条件收敛当p>1时,,对于,所以绝对收敛。13.分别将在区间(0,x)上积分得: 所以 14.当0<a<1时,,发散;当a=1时,,发散;当a>1时,<,而收敛。1. 历年真题1.B2.解: 收敛区间(-4<R<4)3.(-1,3) 4.5.C 6.(-1,1)。7.解:, 收敛区间为-1<x<1。第七章【答案】1.仿真练习1.一阶 2. 3.4.A 5. 原方程解为6.(1) (2) 代入得 7.(1)令(2)积分得积分8.求导得:9.特征根,方程为 通解 特解2.历年真题1.2. 3. C 4. 5. 6.B 7. 8. D 9. 等式两边求导得 所以 10. 通解为 因为 故特解为